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免费2017年中考数学《几何计算题选讲》复习教案中考数学真题网2017年中考数学复习几何计算题选讲几何计算题历年来是中考的热点问题。几何计算是以推理为基础的几何量的计算，主要有线段与弧的长度计算、角和弧的度数计算、三角函数值的计算、线段比值的计算以及面积、体积的计算，从图形上分类有：三角形、四边形、多边形以及圆的有关计算。解几何计算题的常用方法有：几何法、代数法、三角法等。一、三种常用解题方法举例例1． 如图，在矩形ABCD中，以边AB为直径的半圆O恰与对边CD相切于T，与对角线AC交于P，PE⊥AB于E，AB=10，求PE的长.解法一：（几何法）连结OT，则OT⊥CD，且OT=AB＝5BC=OT=5,AC==∵BC是⊙O切线，∴BC2=CP·CA.∴PC=，∴AP=CA-CP=.∵PE∥BC∴，PE=×5=4.说明：几何法即根据几何推理，由几何关系式进行求解的方法，推理时特别要注意图形中的隐含条件.解法二：（代数法）∵PE∥BC，∴.∴.设：PE=x，则AE=2x，EB=10-2x.连结PB.∵AB是直径，∴∠APB=900.在Rt△APB中，PE⊥AB，∴△PBE∽△APE.∴.∴EP=2EB，即x=2（10-2x）.解得x=4.∴PE=4.说明：代数法即为设未知数列方程求解，关键在于找出可供列方程的相等关系，例如：相似三角形中的线段比例式；勾股定理中的等式；相交弦定理、切割线定理中的线段等积式，以及其他的相等关系.解法三：（三角法）连结PB，则BP⊥AC.设∠PAB=α在Rt△APB中，AP=10COSα，在Rt△APE中，PE=APsinα,∴PE=10sinαCOSα.在Rt△ABC中,BC=5,AC=.∴sinα=,COSα=.∴PE=10×=4.说明：在几何计算中，必须注意以下几点：（1） 注意"数形结合"，多角度，全方位观察图形，挖掘隐含条件，寻找数量关系和相等关系.（2） 注意推理和计算相结合，先推理后计算，或边推理边计算，力求解题过程规范化.（3） 注意几何法、代数法、三角法的灵活运用和综合运用.二.其他题型举例例2.如图，ABCD是边长为2a的正方形，AB为半圆O的直径，CE切⊙O于E，与BA的延长线交于F，求EF的长.分析：本题考察切线的性质、切割线定理、相似三角形性质、以及正方形有关性质.本题可用代数法求解.解：连结OE，∵CE切⊙O于E，∴OE⊥CF∴△EFO∽△BFC，∴，又∵OE=AB=BC，∴EF=FB设EF=x，则FB=2x，FA=2x-2a∵FE切⊙O于E∴FE2=FA·FB，∴x2=（2x-2a）·2x解得x=a，∴EF=a.例3．已知：如图，⊙O1与⊙O2相交于点A、B，且点O1在⊙O2上，连心线O1O2交⊙O1于点C、D，交⊙O2于点E，过点C作CF⊥CE，交EA的延长线于点F，若DE=2，AE=（1） 求证：EF是⊙O1的切线；（2） 求线段CF的长；（3） 求tan∠DAE的值.分析：（1）连结O1A，O1E是⊙O2的直径，O1A⊥EF，从而知EF是⊙O1的切线.（2）由已知条件DE=2，AE=，且EA、EDC分别是⊙O1的切线和割线，运用切割线定理EA2=ED·EC，可求得EC=10.由CF⊥CE，可得CF是⊙O1的切线，从而FC=FA.在Rt△EFC中，设CF=x，则FE=x+.又CE=10，由勾股定理可得：（x+）2=x2+102，解得x=.即CF=.（3）要求tan∠DAE的值，通常有两种方法：①构造含∠DAE的直角三角形；②把求tan∠DAE的值转化为求某一直角三角形一锐角的正切（等角转化）.在求正切值时，又有两种方法可供选择：①分别求出两线段（对边和邻边）的值；②整体求出两线段（对边和邻边）的比值.解：（1）连结O1A，∵O1E是⊙O2的直径，∴O1A⊥EF∴EF是⊙O1的切线..（2）∵DE=2，AE=，且EA、EDC分别是⊙O1的切线和割线∴EA2=ED·EC，∴EC=10由CF⊥CE，可得CF是⊙O1的切线，从而FC=FA.在Rt△EFC中，设CF=x，则FE=x+.又CE=10，由勾股定理可得：（x+）2=x2+102，解得x=.即CF=.（3）解法一：（构造含∠DAE的直角三角形）作DG⊥AE于G，求AG和DG的值.分析已知条件，在Rt△AO1E中，三边长都已知或可求（O1A=4，O1E=6），又DE=2，且DG∥AO1（因为DG⊥AE），运用平行分线段成比例可求得DG=从而tan∠DAE=.解法二：（等角转化）连结AC，由EA是⊙O1的切线知∠DAE=∠ACD.只需求tan∠ACD.易得∠CAD=900，所以只需求的值即可.观察和分析图形，可得△ADE∽△CAE，.从而tan∠ACD=，即tan∠DAE=.说明：（1）从已知条件出发快速地找到基本图形，得到基本结论，在解综合题时更显出它的基础性和重要性.如本题（2）求CF的长时，要能很快地运用切割线定理，先求出CE的长.（2）方程思想是几何计算中一种常用的、重要的方法，要熟练地掌握.例4.如图，已知矩形ABCD，以A为圆心，AD为半径的圆交AC、AB于M、E，CE的延长线交⊙A于F，CM=2，AB=4.（1） 求⊙A的半径；（2） 求CF的长和△AFC的面积.解：（1）∵四边形ABCD是矩形，∴CD=AB=4，在Rt△ACD中，AC2=CD2+AD2，∴（2+AD）2=42+AD2，解得AD=3.（2） A作AG⊥EF于G.∵BG=3，BE=AB―AE=1，∴CE=由CE·CF=CD2，得CF=.又∵∠B=∠AGE=900，∠BEC=∠GEA，∴△BCE∽△GAE.∴，即S△AFC=CF·AG=.例5.如图，△ABC内接于⊙O，BC=4，S△ABC=，∠B为锐角，且关于x的方程x2-4xcosB+1=0有两个相等的实数根.D是劣弧AC上的任一点（点D不与点A、C重合），DE平分∠ADC，交⊙O于点E，交AC于点F.（1） 求∠B的度数；（2） 求CE的长.分析：本题是一道综合了代数知识的几何计算题，考察了圆的有关性质，解题时应注意线段的转化.解：（1）∵关于x的方程x2-4xcosB+1=0有两个相等的实数根，∴Δ=（-4cosB）2-4=0.∴cosB=，或cosB=-（舍去）.又∵∠B为锐角，∴∠B=600.（2） 点A作AH⊥BC，垂足为H.S△ABC=BC·AH=BC·AB·sin600=，解得AB=6在Rt△ABH中，BH=AB·cos600=6×=3，AH=AB·sin600=6×，∴CH=BC-BH=4-3=1.在Rt△ACH中，AC2+CH2=27+1=28.∴AC=（负值舍去）.∴AC=.连结AE，在圆内接四边形ABCD中，∠B+∠ADC=1800，∴∠ADC=1200.又∵DE平分∠ADC，∴∠EDC=600=∠EAC.又∵∠AEC=∠B=600，∴∠AEC=∠EAC，∴CE=AC=.例6.已知：如图，⊙O的半径为r，CE切⊙O于点C，且与弦AB的延长线交于点E，CD⊥AB于D.如果CE=2BE，且AC、BC的长是关于x的方程x2-3（r-2）x+r2-4=0的两个实数根.求（1）AC、BC的长；（2）CD的长.分析：（1）图中显然存在切割线定理的基本图形，从而可得△ECB∽△EAC，AC=2BC.又∵AC、BC是方程的两根，由根与系数关系可列出关于AC、BC的方程组求解.（2）∵CD是Rt△CDB的一边，所以考虑构造直角三角形与之对应.若过C作直径CF，连结AF，则Rt△CDB∽Rt△CAF，据此可列式计算.解：（1）∵CE切⊙O于C，∴∠ECB=∠A.又∵∠E是公共角，∴△ECB∽△EAC，，∴AC=2BC.由AC、BC的长是关于x的方程x2-3（r-2）x+r2-4=0的两个实数根，∴AC+BC=3（r-2）；AC·BC=r2-4，解得r=6，∴BC=4，AC=8.（2） CO并延长交⊙O于F，连结AF，则∠CAF=900，∠CFA=∠CBD.∵∠CDB=900=∠CAF，∴△CAF∽△CDB，.∴CD=.说明：（1）这是一道代数、几何的综合题，关键是寻找相似三角形，建立线段之间的比例关系，再根据根与系数关系列等式计算；（2）构造与相似的直角三角形的方法有许多种，同学们不妨试一试.例7.如图，△ABC内接于⊙O，AB是⊙O的直径，PA是过A点的直线，∠PAC=∠B.（1）求证：PA是⊙O的切线；（2）如果弦CD交AB于E，CD的延长线交PA于F，AC=CE∶EB=6∶5，AE∶EB=2∶3，求AB的长和∠FCB的正切值.解：（1）∵AB是⊙O的直径，∴∠ACB=900.∴∠CAB+∠B=900，又∠PAC=∠B，∴∠CAB+∠PAC=900.即PA⊥AB，∴PA是⊙O的切线.（2） 设CE=6a,AE=2x,则ED=5a，EB=3x.由相交弦定理，得2x·3x=5a·6a∴x=a.连结AD.由△BCE∽△DAE，得.连结BD.由△BED∽△CEA，得.∴BD=.由勾股定理得BC=，AD=.∴.两边平方，整理得，∴（负值舍去）.∴AD=.∵∠FCB=∠BAD，∴tan∠FCB=tan∠BAD=.解几何计算题要求我们必须掌握扎实的几何基础知识，较强的逻辑推理能力，分析问题时应注意分析法与综合法的同时运用，还特别要注意图形中的隐含条件，在平时的学习中要善于总结归纳，只有这样才能掌握好几何计算题的解法.